如题，感觉应该存在一些操作空间，前提是需要国外手机号作为常驻。 1 个帖子 - 1 位参与者 阅读完整话题
力扣 LeetCode 1752. 检查数组是否经排序和轮转得到 - 力扣（LeetCode） 1752. 检查数组是否经排序和轮转得到 - 给你一个数组 nums 。nums 的源数组中，所有元素与 nums 相同，但按非递减顺序排列。 如果 nums 能够由源数组轮转若干位置（包括 0 个位置）得到，则返回 true ；否则，返回 false 。 源数组中可能存在 重复项 。 注意：数组 A 在轮转 x 个位置后得到长度相同的数组 B ，使得对于每一个有效的下标 i，满足 B[i] == A[(i+x) % A.length]。 示例 1： 输入：nums =... 思路 遍历一遍 如果出现了一次以上降序，说明无法通过旋转得到 如果出现了一次降序，并且第一个值小于最后一个值，说明无法通过旋转得到 其他情况可以通过旋转得到。 代码 class Solution { public boolean check(int[] nums) { boolean ex = false; int last = Integer.MIN_VALUE; for (int num : nums) { if (num < last) { if (ex) { return false; } ex = true; } last = num; } return !ex || last <= nums[0]; } } 1 个帖子 - 1 位参与者 阅读完整话题
昨晚跟大部队薅的2席位的ChatGPT Team 总所周知，当前的team可以拉多个codex 当GPT 子号的额度用完后： 1.在管理后台把该子号从 GPT 降级为 Codex 2.从现有的 Codex 子号中升一个为 GPT 3.继续使用新的子号 这个思路可行么？ 10 个帖子 - 5 位参与者 阅读完整话题
力扣 LeetCode 1914. 循环轮转矩阵 - 力扣（LeetCode） 1914. 循环轮转矩阵 - 给你一个大小为 m x n 的整数矩阵 grid ，其中 m 和 n 都是 偶数 ；另给你一个整数 k 。 矩阵由若干层组成，如下图所示，每种颜色代表一层： [https://assets.leetcode.com/uploads/2021/06/10/ringofgrid.png] 矩阵的循环轮转是通过分别循环轮转矩阵中的每一层完成的。在对某一层进行一次循环旋转操作时，层中的每一个元素将会取代其 逆时针... 思路 看上去就是模拟题了，可以写个 helper 函数来对每一层进行处理。 咱的思路是对于每一层，计算出其周长 perimeter ，然后 k 对周长取模得到实际要轮转的次数 realK 。 从右上角 (i, j) 开始，找到在周长上距离 (i, j) realK 个格子的位置 (targetI, targetJ) ，接着螺旋扫描矩阵，同时推进位置 (i, j) 和 (targetI, targetJ) ，把 (targetI, targetJ) 的值不断赋给 (i, j) 即可。 直接在矩阵上写这套模拟真的挺麻烦的，如果把一层铺平后再处理似乎要好写很多。 代码 咱是直接在矩阵上模拟的，有点屎山了，不过时间复杂度上还算挺快的。 class Solution { public: vector<vector<int>> rotateGrid(vector<vector<int>>& grid, int k) { int m=grid.size(),n=grid[0].size(); vector<vector<int>> res(m,vector<int>(n)); // 通过坐标可以判断目前这个数字在哪一个层级 // 每一个层级的周长也可以求一下，因为是循环操作，k 可以取模 // 对于每一层，我们可以从左上角开始，用偏移量定位当前位置在轮转后是哪个元素，然后顺着往下填 auto rotateLayer=[&](int layer) -> void { int i=layer,j=layer; // 这一层的左上角坐标 int layerM=m-(i<<1),layerN=n-(j<<1); // 计算本层周长 int perimeter=((layerM+layerN)<<1)-4; int realK=k%perimeter; // 定位，找到周长上距离 (i, j) 有 realK 距离的地方 int secondDir=0; // 确定后面的方向 int targetI=i,targetJ=j; if(realK<=layerN-1){ targetJ=j+realK; }else if(realK<=(layerN-1)+(layerM-1)){ targetJ=j+layerN-1; targetI=i+realK-(layerN-1); secondDir=1; }else if(realK<=(layerN-1)+(layerM-1)+(layerN-1)){ targetI=i+layerM-1; targetJ=j+layerN-1-(realK-(layerM-1)-(layerN-1)); secondDir=2; }else{ targetJ=j; targetI=i+layerM-1-(realK-((layerN-1)<<1)-(layerM-1)); secondDir=3; } // 现在 (i, j) 位置旋转后的值就是 (targetI, targetJ) 位置的值 res[i][j]=grid[targetI][targetJ]; // 接下来就沿着周长顺时针转一圈逐个填上 int iPos=i,jPos=j; int drcts[][2]={ {0,1}, {1,0}, {0,-1}, {-1,0}, }; int firstDir=0; perimeter--; // 首个位置已经处理 while(perimeter>0){ int newI=iPos+drcts[firstDir][0],newJ=jPos+drcts[firstDir][1]; if(newI<i||newI>=i+layerM||newJ<j||newJ>=j+layerN){ // 越界，换方向 firstDir=(firstDir+1)%4; newI=iPos+drcts[firstDir][0]; newJ=jPos+drcts[firstDir][1]; } int newTargetI=targetI+drcts[secondDir][0],newTargetJ=targetJ+drcts[secondDir][1]; if(newTargetI<i||newTargetI>=i+layerM||newTargetJ<j||newTargetJ>=j+layerN){ // 越界，换方向 secondDir=(secondDir+1)%4; newTargetI=targetI+drcts[secondDir][0]; newTargetJ=targetJ+drcts[secondDir][1]; } res[newI][newJ]=grid[newTargetI][newTargetJ]; iPos=newI; jPos=newJ; targetI=newTargetI; targetJ=newTargetJ; perimeter--; } }; // 取较短边的一半作为层数 int numLayers=(min(m,n)>>1); for(int i=0;i<numLayers;i++){ rotateLayer(i); } return res; } }; 2 个帖子 - 2 位参与者 阅读完整话题
22:01:50 WARNING [Codex] 未获取到 auth code，当前 URL: https://auth.openai.com/add-phone 22:01:50 ERROR [Codex] OAuth 登录失败: 未获取到 authorization code 22:01:50 ERROR [API] 任务 5c5c8a22 失败: Codex 登录失败: [email protected] 2 个帖子 - 1 位参与者 阅读完整话题