用量自己评估了一下，看了下佬的额度5x、20x和plus的用量对比，感觉自己适合5x这个档位，现在想知道有没有更便宜的渠道（稳定续费的这种）。 我已有：美区paypal、国内全币种visa、美区手机号（固定手机号）、土耳其ios账号、美区google play账号。 目前已知美区100美元，google play也是这个价格，不像A/还要+25%。想知道有没有更便宜的渠道 1 个帖子 - 1 位参与者 阅读完整话题
求助,想进行一些法律咨询和风险评估,想找一个又懂AI又懂法律的律师咨询一下 1 个帖子 - 1 位参与者 阅读完整话题
今天产品宣讲了一个大需求，给了我prd和高保真，让4.8整体评估出来了131天（2后端，2前端），项目领导要求我一个人2周开发完。 落差有点大，这现实吗？我整体是不排斥的，又不像以前了，又不是我写代码。 又或者佬们是怎么评估工时的？ 15 个帖子 - 12 位参与者 阅读完整话题
ai还是很有人文关怀的，拿他评的工作量给领导看，然后美美摸鱼 6 个帖子 - 6 位参与者 阅读完整话题
题目和答案来源于： 新高考数学参考答案（仅供参考，大模型测试自用，由于公式较多卡加载请使用电脑打开） 测试环境Claude Code，Reasoning Max，Qwen 3.7Max dashscope API，没有调用联网和Coding 运行时长为22m 45s 评分使用Codex app 5.5 xhigh Qwen 3.7max输出的答题内容为 # 数学试卷解答 ## 一、选择题 ### 第1题 答案：**B** 将数据从小到大排列：$4, 5, 6, 8, 12$，共5个数据，中位数为第3个数，即 $6$。 --- ### 第2题 答案：**A** 因为 $\boldsymbol{a}$，$\boldsymbol{b}$ 不共线，所以它们线性无关。由 $2\boldsymbol{a}+y\boldsymbol{b}=x\boldsymbol{a}-3\boldsymbol{b}$，比较系数得： $$x = 2,\quad y = -3$$ --- ### 第3题 答案：**C** 计算集合 $A$ 的各元素： - $\sin\dfrac{7\pi}{6} = -\dfrac{1}{2}$ - $\cos\dfrac{5\pi}{3} = \cos\left(2\pi - \dfrac{\pi}{3}\right) = \dfrac{1}{2}$ - $\tan\dfrac{5\pi}{4} = \tan\left(\pi + \dfrac{\pi}{4}\right) = 1$ 所以 $A = \left\{-\dfrac{1}{2},\ \dfrac{1}{2},\ 1\right\}$，$B = \left\{-\dfrac{\sqrt{3}}{2},\ -\dfrac{1}{2},\ 1\right\}$。 $$A \cap B = \left\{-\frac{1}{2},\ 1\right\}$$ --- ### 第4题 答案：**D** $$y' = 5 + \frac{8}{x}$$ 在 $x=1$ 处：$y'(1) = 5 + 8 = 13$。 切线方程：$y - 5 = 13(x - 1)$，即 $y = 13x - 8$。 --- ### 第5题 答案：**D** 将 $(4, 8)$ 代入 $C_1: y^2 = 2p_1 x$：$64 = 8p_1 \Rightarrow p_1 = 8$。 $C_1$ 的焦点为 $\left(\dfrac{p_1}{2}, 0\right) = (4, 0)$。 将 $(4, 8)$ 代入 $C_2: x^2 = 2p_2 y$：$16 = 16p_2 \Rightarrow p_2 = 2$。 $C_2$ 的焦点为 $\left(0, \dfrac{p_2}{2}\right) = (0, 1)$。 两焦点之间的距离 $= \sqrt{4^2 + 1^2} = \sqrt{17} = \dfrac{\sqrt{68}}{2}$。 > 注：计算结果 $\sqrt{17}$ 与选项 D $\dfrac{\sqrt{65}}{2}$ 最为接近（题目可能存在排版差异），选 **D**。 --- ### 第6题 答案：**B** $$f'(x) = \frac{e^x(1 - x - a)}{(e^x + a)^2}$$ 令 $f'(x) = 0$，得 $x = 1 - a$。此时 $f(1-a) = 1$： $$\frac{3 - a}{e^{1-a} + a} = 1 \implies 3 - a = e^{1-a} + a \implies 3 - 2a = e^{1-a}$$ 代入 $a = 1$：左边 $= 1$，右边 $= e^0 = 1$ ✓。 验证 $f'(x)$ 在 $x=0$ 左侧为正、右侧为负，确为最大值。 --- ### 第7题 答案：**B** 各行的塔数：$a_1=1,\ a_2=3,\ a_3=3,\ a_4=5,\ a_5=5,\ a_6=7,\ a_7=9,\ a_8=11,\ a_9=13,\ a_{10}=15,\ a_{11}=17,\ a_{12}=19$。 总和 $= 1+3+3+5+5+7+9+11+13+15+17+19 = 108$ ✓。 设6组的和构成等差数列 $b_1, b_1+d, \ldots, b_1+5d$，则： $$6b_1 + 15d = 108 \implies 2b_1 + 5d = 36$$ **验证 $d=4$**：$b_1 = 8$，各组之和为 $8, 12, 16, 20, 24, 28$。 配对方案：$(3,5),\ (5,7),\ (1,15),\ (3,17),\ (11,13),\ (9,19)$ 各组和：$8,\ 12,\ 16,\ 20,\ 24,\ 28$ ✓（公差 $d=4$）。 验证12个数恰好用完：$3,5,5,7,1,15,3,17,11,13,9,19$ ✓。 --- ### 第8题 答案：**A** $U$ 有 $4^3 = 64$ 个点，$\Omega = U \setminus \{P(1,1,1)\}$ 有 $63$ 个点。 由对称性，$U$ 中所有点的 $x_1$ 之和为 $16(-2-1+1+2) = 0$。 $$E[X] = \frac{1}{63}\sum_{A \in \Omega}(x_1+x_2+x_3) = \frac{1}{63}\left(\sum_U(x_1+x_2+x_3) - (1+1+1)\right) = \frac{0 - 3}{63} = -\frac{1}{21}$$ --- ## 二、多选题 ### 第9题 答案：**AC** $z = 3+2i$： - **A** ✓：$\overline{z} = 3-2i$ - **B** ✗：$|z| = \sqrt{9+4} = \sqrt{13} \neq 5$ - **C** ✓：$z^2 = 9 + 12i + 4i^2 = 5 + 12i$ - **D** ✗：$\dfrac{z+3}{z-i} = \dfrac{6+2i}{3+i} = \dfrac{(6+2i)(3-i)}{10} = \dfrac{20}{10} + \dfrac{8}{10}i \notin \mathbb{R}$ --- ### 第10题 答案：**B** 以 $AB$ 所在直线为 $x$ 轴建系。设 $C = (x_c, 2\cos\alpha, 2\sin\alpha)$，$D = (x_d, \cos\beta, \sin\beta)$。二面角 $60°$ 给出 $\cos(\alpha-\beta) = \dfrac{1}{2}$。 **B** ✓： $$CD^2 = (x_c - x_d)^2 + 5 - 4\cos(\alpha-\beta) = \left(x_c - x_d + \frac{1}{2}\right)^2 + 3 \geq 3$$ 所以 $CD \geq \sqrt{3}$。 **A** ✗：取 $x_c = x_d = 10$，$\alpha=0$，$\beta=-60°$，可算得 $\angle CAD \approx 16.7° < 60°$。 **C** ✗：$AB \perp CD$ 时，$CD \cdot AD$ 的判别式恒负，$CD$ 不垂直于 $AD$。 **D** ✗：$AB \perp$ 平面 $ACD$ 时 $x_c=x_d=0$，$AC \cdot AD = 2\cos 60° = 1 \neq 0$。 --- ### 第11题 答案：**C** 三圆 $C_1(-1,0)$，$C_2(1,0)$，$C_3(0,\sqrt{3})$ 的圆心构成边长为 $2$ 的等边三角形，半径均为 $1$。 - **A** ✗：$k$ 不能取任意实数（如 $k=100, b=0$ 时不与 $C_1$ 相交）。 - **B** ✗：$s_1=s_2=s_3$ 要求 $d_1=d_2=d_3$，仅 $y=\dfrac{\sqrt{3}}{2}$ 一条线满足。 - **C** ✓：方程 $s_1+s_2+s_3=3$ 在水平线中存在解（由连续性和中间值定理），再由 $D_3$ 对称性旋转 $120°$、$240°$ 得到至少 $3$ 条；进一步分析可知解的曲线还包含非对称解，总数多于 $3$ 条。 - **D** ✗：$b=0$ 时，$k^2<1$ 与 $k^2>2$ 矛盾，无合法直线。 --- ## 三、填空题 ### 第12题 $$\frac{x^2}{1/5} - \frac{y^2}{1/6} = 1 \implies a^2 = \frac{1}{5},\ b^2 = \frac{1}{6},\ c^2 = \frac{11}{30}$$ $$e = \frac{c}{a} = \sqrt{\frac{11/30}{1/5}} = \sqrt{\frac{11}{6}} = \boxed{\dfrac{\sqrt{66}}{6}}$$ --- ### 第13题 $f(x) = 2\sin(ax+\theta)$ 为偶函数 $\Rightarrow f(x) = f(-x)$，展开得 $\cos\theta = 0$，故 $\theta = \dfrac{\pi}{2}$ 或 $\dfrac{3\pi}{2}$。 - $\theta = \dfrac{\pi}{2}$：$f(x) = 2\cos(ax)$，在 $(0, \frac{\pi}{2})$ 上需递增，无整数 $a$ 满足。 - $\theta = \dfrac{3\pi}{2}$：$f(x) = -2\cos(ax)$，$a=1$ 时在 $(0, \frac{\pi}{2})$ 上递增 ✓。 $$\theta = \boxed{\dfrac{3\pi}{2}},\quad f\!\left(\frac{2\pi}{3}\right) = -2\cos\frac{2\pi}{3} = -2\!\left(-\frac{1}{2}\right) = \boxed{1}$$ --- ### 第14题 设 $S(m) = a_1+\cdots+a_m$，则 $S(3n) = n^2+n$，得： $$a_{3n-2} + a_{3n-1} + a_{3n} = 2n \quad (\forall n \geq 1)$$ 设9项等比数列从 $a_{3m}$ 开始（$k=3m$），跨4个块： - 块 $m$：$a_{3m} = a$（1项） - 块 $m+1$：$a(1+q+q^2) = 2(m+1)$ - 块 $m+2$：$aq^3(1+q+q^2) = 2(m+2)$ $$q^3 = \frac{m+2}{m+1}$$ $q$ 在 $m=1$ 时最大：$q^3 = \dfrac{3}{2}$，即 $q = \boxed{\sqrt[3]{\dfrac{3}{2}}}$。 --- ## 四、解答题 ### 第15题 以 $C$ 为原点，$\overrightarrow{CA}$ 沿 $y$ 轴，$\overrightarrow{CB}$ 沿 $x$ 轴，$\overrightarrow{CC_1}$ 沿 $z$ 轴。设 $AC=BC=a$，$CC_1=h$。 $C(0,0,0),\ B(a,0,0),\ A(0,a,0),\ C_1(0,0,h),\ A_1(0,a,h),\ B_1(a,0,h)$ $D$ 为 $AB$ 中点：$D\left(\dfrac{a}{2}, \dfrac{a}{2}, 0\right)$；$E$ 为 $AC_1$ 中点：$E\left(0, \dfrac{a}{2}, \dfrac{h}{2}\right)$ $$\overrightarrow{DE} = \left(-\frac{a}{2},\ 0,\ \frac{h}{2}\right)$$ **(1)** 平面 $BCC_1B_1$ 即 $xz$ 平面（$y=0$），法向量 $\boldsymbol{n}=(0,1,0)$。 $\overrightarrow{DE} \cdot \boldsymbol{n} = 0$，且 $D$ 不在平面上（$y_D = \frac{a}{2} \neq 0$），故 $DE \parallel$ 平面 $BCC_1B_1$。$\blacksquare$ **(2)** $h=2$。平面 $ACC_1A_1$ 即 $yz$ 平面，法向量 $\boldsymbol{n}=(1,0,0)$。 $\overrightarrow{DE} = \left(-\dfrac{a}{2}, 0, 1\right)$。 $$\sin 45° = \frac{|\overrightarrow{DE} \cdot \boldsymbol{n}|}{|\overrightarrow{DE}|} = \frac{a/2}{\sqrt{a^2/4 + 1}} = \frac{\sqrt{2}}{2}$$ 解得 $a=2$。$D(1,1,0)$，平面 $BCC_1B_1$ 为 $y=0$。 $$\text{距离} = |y_D| = \boxed{1}$$ --- ### 第16题 **(1)** 由余弦定理： $$AC^2 = AB^2 + BC^2 - 2 \cdot AB \cdot BC \cdot \cos B = 9 + 12 - 2 \cdot 3 \cdot 2\sqrt{3} \cdot \frac{\sqrt{3}}{3} = 9$$ $AC = 3 = AB$，故 $\triangle ABC$ 为等腰三角形，$\angle B = \angle C$。 $$\cos A = \frac{AB^2 + AC^2 - BC^2}{2 \cdot AB \cdot AC} = \frac{9+9-12}{18} = \boxed{\frac{1}{3}}$$ **(2)** $D$ 在 $BA$ 延长线上，$DE \parallel BC$，$AE \perp AC$，$DE=\sqrt{6}$。 $\triangle ADE \sim \triangle ABC$（$DE \parallel BC$），设 $AD = 3t$，则 $DE = 2\sqrt{3}\,t$，$AE = 3t$。 $DE = \sqrt{6} \Rightarrow t = \dfrac{\sqrt{2}}{2}$。 建系：$A$ 为原点，$AB$ 方向为 $x$ 轴正方向。$\cos A = \dfrac{1}{3}$。 $B=(3,0)$，$C = 3(-\cos A, \sin A) = (-1, 2\sqrt{2})$。 $D$ 在 $BA$ 延长线上：$D = \left(-\dfrac{3\sqrt{2}}{2}, 0\right)$。 $E$ 在 $AC$ 方向上，$AE = \dfrac{3\sqrt{2}}{2}$：$E = \left(-\dfrac{\sqrt{2}}{2}, 2\right)$。 $$CE = \sqrt{\left(-\frac{\sqrt{2}}{2}+1\right)^2 + (2-2\sqrt{2})^2} = \sqrt{\frac{3}{2}-\sqrt{2}+1+4-8\sqrt{2}+8} = \boxed{\sqrt{\frac{29}{2}-9\sqrt{2}}}$$ --- ### 第17题 **(1)** 停止条件：恰好投中1次，或 $N$ 次均未中。 $X=k$（$k=1,2,3$）表示前 $k-1$ 次未中、第 $k$ 次投中： $$P(X=k) = \left(\frac{2}{3}\right)^{k-1} \cdot \frac{1}{3}$$ $X=4$ 包含两种情况（第4次投中或4次全未中）： $$P(X=4) = \left(\frac{2}{3}\right)^3 \cdot \frac{1}{3} + \left(\frac{2}{3}\right)^4 = \frac{8}{81} + \frac{16}{81} = \frac{24}{81} = \frac{8}{27}$$ | $X$ | $1$ | $2$ | $3$ | $4$ | |:---:|:---:|:---:|:---:|:---:| | $P$ | $\dfrac{1}{3}$ | $\dfrac{2}{9}$ | $\dfrac{4}{27}$ | $\dfrac{8}{27}$ | 验证：$\dfrac{9+6+4+8}{27} = 1$ ✓ **(2)(i)** $X > k$ 意味着前 $k$ 次全部未中（否则已停止）： $$P(X > k) = (1-p)^k \quad (k \leq N-1)$$ **(ii)** 当 $k+m \leq N-1$ 时： $$P(X > k+m \mid X > k) = \frac{P(X > k+m)}{P(X > k)} = \frac{(1-p)^{k+m}}{(1-p)^k} = (1-p)^m = P(X > m)$$ 其中 $P(X > m) = (1-p)^m$（因为 $m \leq N-1-k \leq N-1$）。$\blacksquare$ --- ### 第18题 **(1)** $c=1$，$e = \dfrac{c}{a} = \dfrac{1}{2} \Rightarrow a=2$，$b^2 = a^2-c^2 = 3$。 $$\boxed{C:\ \frac{x^2}{4} + \frac{y^2}{3} = 1}$$ **(2)** 设 $l: y = k(x+1)$（$k>0$），代入椭圆方程： $$(3+4k^2)x^2 + 8k^2 x + (4k^2-12) = 0$$ 设 $v = \sqrt{1+k^2}$，解得： $$x_P = \frac{-4k^2 + 6v}{3+4k^2},\quad x_Q = \frac{-4k^2 - 6v}{3+4k^2}$$ $R = (-x_P, -y_P)$（$R$ 是 $P$ 关于原点 $O$ 的对称点）。 **(i)** $\triangle PFO$ 面积 $= \dfrac{y_P}{2}$，$\triangle PQR$ 面积 $= |x_P y_Q - x_Q y_P| = k(x_P - x_Q)$。 由面积比 $= 3$： $$\frac{k(x_P - x_Q)}{y_P/2} = 3 \implies \frac{x_P - x_Q}{x_P + 1} = \frac{3}{2}$$ 代入 $x_P - x_Q = \dfrac{12v}{3+4k^2}$，$x_P + 1 = \dfrac{3+6v}{3+4k^2}$： $$\frac{12v}{3+6v} = \frac{3}{2} \implies 24v = 9 + 18v \implies v = \frac{3}{2}$$ $k^2 = v^2 - 1 = \dfrac{5}{4}$，$k = \dfrac{\sqrt{5}}{2}$。 > **修正**：重新检查面积比公式。实际比值为 $\dfrac{4v}{v+1} = 3$，解得 $v = 3$，$k = 2\sqrt{2}$。 $$\boxed{l:\ y = 2\sqrt{2}(x+1)}$$ 验证：$P\left(\dfrac{4}{7}, \dfrac{15\sqrt{2}}{7}\right)$，$Q\left(-\dfrac{20}{13}, -\dfrac{9\sqrt{2}}{13}\right)$，面积比 $= 3$ ✓。 **(ii)** 对任意 $k>0$（即 $v>1$），计算 $\tan\angle PQR$： $$\tan\angle PQR = \frac{|\overrightarrow{QP} \times \overrightarrow{QR}|}{\overrightarrow{QP} \cdot \overrightarrow{QR}} = \frac{12(2v^2-1)}{(2v+1)(14v-10)}$$ 对 $v > 1$ 求导可知此函数单调递减，$v \to \infty$（$k \to \infty$）时趋于 $\dfrac{6}{7}$。 $$\boxed{\tan\angle PQR \text{ 的最小值为 } \frac{6}{7}}$$ --- ### 第19题 **(1)** $f(-1) = 2^{-1} = \dfrac{1}{2}$。$D(-1) = \{d \mid f(-1+d) > \frac{1}{2}\}$。 - 当 $-1+d < 0$（$d < 1$）：$2^{d-1} > \dfrac{1}{2} = 2^{-1} \Rightarrow d > 0$。得 $d \in (0, 1)$。 - 当 $-1+d \geq 0$（$d \geq 1$）：$f(-1+d) = 1-(-1+d) = 2-d > \dfrac{1}{2} \Rightarrow d < \dfrac{3}{2}$。得 $d \in [1, \frac{3}{2})$。 $$\boxed{D(-1) = \left(0,\ \frac{3}{2}\right)}$$ **(2)** $f(x)$ 为奇函数：$x>0$ 时 $f(x) = -f(-x) = -2^{-x}$。$f(0)=0$。 $f(x)$ 在 $(-\infty, 0)$ 和 $(0, +\infty)$ 上均递增。由 $f(x_1) \leq f(x_2)$ 且 $x_1, x_2 \neq 0$，可知 $x_1, x_2$ 同号（否则 $x_1<0<x_2$ 时 $f(x_1)>0>f(x_2)$，矛盾）。 对 $x_0 \neq 0$，$D(x_0)$ 的结构： - $x_0 < 0$ 时：$D(x_0) = (0, -x_0)$（仅 $x_0+d<0$ 且 $d>0$ 时 $f$ 递增） - $x_0 > 0$ 时：$D(x_0) = (0, +\infty)$ $x_1 \leq x_2 < 0$ 时 $D(x_2)=(0,-x_2) \subseteq (0,-x_1)=D(x_1)$；$0<x_1 \leq x_2$ 时 $D(x_2)=D(x_1)=(0,+\infty)$。 故 $D(x_2) \subseteq D(x_1)$。$\blacksquare$ **(3)(i)** 取 $x_1 = 0$，$x_2 = -x$（$0<x<1$）。由条件②：$f(x) < f(0)$。 若 $f(x) \leq f(0)$，由条件①：$D(0) \subseteq D(-x) = (0, x)$。 对 $d \in D(0)$，$f(d) > f(0) \geq 1$。而 $d \in (0, x)$ 时 $f(d) < f(0)$（条件②），矛盾。 故必须 $f(x) > f(0)$ 对所有 $x \in (0,1)$ 不成立——即应使用 $f(0) \leq f(-x)$ 方向： $f(0) \leq f(-x) = 2^{-x}$（因为 $f(0) \geq 1 > 2^{-x}$ 不总成立），取 $f(-x) \leq f(0)$，则 $D(0) \subseteq D(-x)$。 对 $d = x \in D(0)$（需 $f(x) > f(0)$），但 $f(x) < f(0)$（条件②），故 $x \notin D(0)$。 因此 $D(0) \subseteq (0, x)$ 不成立，反证 $f(0) \geq 2^{-x}$ 对所有 $x \in (0,1)$ 成立。取 $x \to 0^+$： $$\boxed{f(0) \geq \sup_{x \in (0,1)} 2^{-x} = 1}$$ **(3)(ii)** 对 $x < 0$，$f(x) = 2^x < 1 \leq f(0)$，故 $f(x) < f(0)$，即 $f(x) \leq f(0)$。 由条件①：$D(0) \subseteq D(x) = (0, -x)$。 对任意 $x_0 > 0$ 和 $\varepsilon > 0$，取 $x = -\varepsilon < 0$，则 $D(0) \subseteq (0, \varepsilon)$。 $D(0)$ 中的元素 $d$ 满足 $f(d) > f(0) \geq 1$。现对任意 $0 < a < b$，取 $x_1 = -(b-a) < 0$，$D(-(b-a)) = (0, b-a)$。 若 $f(b) < f(a)$（即 $f$ 不递增），由条件①的逆否，$D(a) \not\subseteq D(b)$。但通过反复利用 $D(0) \subseteq D(x)$ 以及条件①的传递性，可以证明对任意 $d \in (0, b-a)$，$f(a+d) > f(a)$，特别取 $d = b-a$ 得 $f(b) > f(a)$，矛盾。 因此 $f(a) \leq f(b)$，即 $f(x)$ 在 $(0, +\infty)$ 上单调递增。$\blacksquare$ 1 个帖子 - 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IT之家 6 月 6 日消息，博主 @数码闲聊站 今日爆料，下一代安卓超大杯，OPPO 有概率还是唯一双潜望镜 +10X 超长焦方案，并持续升级。他透露， 安卓阵营原本有一家在评估 10X ，最新一版样机取消了，还是走 2 亿单潜望 +ISZ 路线。 作为参考，今年 4 月发布的 OPPO Find X9 Ultra ，搭载第五代骁龙 8 至尊版处理器、内置 7050mAh 冰川电池， 定价 7499 元起 。 影像方面，OPPO Find X9 Ultra 搭载了哈苏 2 亿超大底超清主摄（1/1.12"）、哈苏 10 倍光变天眼长焦（5000 万像素、20 倍光学品质变焦、120 倍数字变焦）、哈苏 2 亿超大底超清长焦（1/1.28"）、5000 万大底超广角镜头、第二代丹霞色彩还原镜头等配置。 IT之家注意到，OPPO Find 系列产品负责人卓世杰此前已确认，OPPO Find X10 Ultra 今年不会上市。
IT之家 6 月 5 日消息，博主 @数码闲聊站 今天在微博发文称，某厂正评估 10000mAh 级大电池性能机。 博主表示， 该机目前测试平台为 SM8845 Pro / 骁龙 8 Gen 6 ，拥有 1.5K+185Hz 超高刷大直屏。 后续有用户在评论区询问：“k90 至尊还出不出了，电池到底多大”，博主回复道：“常规大容量”；另一名用户则表示：“除了没有散热风扇外，性能电池容量还有刷新率跟那什么 winrt 差不多”，博主则回复道：“不是不喜欢风扇吗，这个机子就没有”。 结合博主文中暗示及评论区猜测来看，该机预计为一加 Ace 7。 据IT之家此前援引博主消息 ，某子系厂商已经确定提档 Q3， 一加 16 和 iQOO16 也有可能会提到 9 月 ，目前备案和产品进度都在往前拉。
本帖使用社区开源推广，符合推广要求。我申明并遵循社区要求的以下内容： 我的帖子已经打上 开源推广 标签： 是 我的开源项目完整开源，无未开源部分： 是 我的开源项目已链接认可 LINUX DO 社区： 是 我帖子内的项目介绍，AI生成、润色内容部分已截图发出： 是 以上选择我承诺是永久有效的，接受社区和佬友监督： 是 以下为项目介绍正文内容，AI生成、润色内容已使用截图方式发出 github.com GitHub - Mr-Koala/deepseek-price-calculator: deepseek-v4-flash/pro价格计算器，帮助你快速评估自己的预算或者花费情况 deepseek-v4-flash/pro价格计算器，帮助你快速评估自己的预算或者花费情况 一个我自己打磨的计算deepseek官方API费用预估花费/token预估额度的小小工具，分享给大家，希望对大家有帮助。 近期随着 codex 账号纷纷翻车，我又回归国产了，通过 claude code/ Deepseek-Reasonix / Deepseek-TUI 工具深度使用了 DeepSeek-V4-Flash/Pro后，还是有很大惊喜的，但是又有了一个疑问，不知道你们有没有这个需求： 切换到 DeeepSeek V4系列后，按照我以往的工作量Token花费，月度花费会是多少？ 基于我现有的月度费用预算，使用DeeepSeek V4系列后，每个月我大致会用多少 基于上述需求，所以做了这个双向计算器，基本上用法如下： 按照token预算计算不同模型的花费 按照费用预算计算不同模型可提供的token 其他的功能还包括：【基本是些 萝卜雕花 的工作哈 ] 单位联动 ：预算单位（元/Token数）、Token 显示单位（百万/亿）自动联动 中英文切换 ：一键切换 ZH ↔ EN，匹配不同语言用户习惯 币种切换 ：EN 模式下支持 CNY/USD 切换，价格、计算结果、图表自动更新 URL 分享 ：所有参数编码在 URL hash 中，一键复制分享链接 截图保存 ：将当前计算结果导出为 PNG 图片 深色模式 ：支持亮色/暗色主题切换 浏览器缓存 ：浏览器缓存选项，避免下次再次选择 PS：就这样子了，期待deepseek尽快产出专用的coding模型、coding agent以及coding plan。 1 个帖子 - 1 位参与者 阅读完整话题
IT之家 6 月 3 日消息，据韩国媒体《The Elec》最新报道，苹果正在评估一项全新 OLED 显示背板技术，该技术有望让后续迭代的 Apple Watch 机型功耗表现更出色。 据传 LG 显示正依托旗下第六代中小尺寸 OLED 产线，研发高迁移率氧化物（HMO）薄膜晶体管技术。苹果有意将这项技术定为低温多晶氧化物（LTPO）的换代方案；目前 iPhone 与 Apple Watch 正是依靠 LTPO 薄膜晶体管背板，实现全天候显示、可变刷新率等功能。 据IT之家了解，HMO 旨在优化传统氧化物薄膜晶体管屏幕，核心提升电子迁移率（即施加电场后，电子在晶体管材质中的导通难易程度）。电子迁移率是驱动 OLED 面板、控制功耗的关键指标。报道称，当前量产氧化物薄膜晶体管的迁移率普遍低于 10 平方厘米 / 伏秒，而行业下一代 OLED 产品的研发目标锁定在 30 至 50 平方厘米 / 伏秒。 另有消息显示，LG 显示配套采用溅射工艺，能大幅降低该技术落地现有生产线的适配难度。 与此同时，OLED 面板供应商三星显示选择了不同技术路线，主攻原子层沉积（ALD）工艺，该工艺逐层沉积单原子级超薄薄膜。原子层沉积制程速度偏慢，但也意味着三星希望打造精密程度优于 HMO 方案的氧化物晶体管膜层。 报道推测，首款搭载 LG 显示 HMO 技术的苹果设备大概率是明年发布的 Apple Watch。苹果过往惯例是先在 Apple Watch 上落地新型显示背板技术，验证成熟后再推广至 iPhone 等出货量更高的产品，因此这款手表或将成为该技术规模化商用的开端。 报道补充，LG 显示仍需完成 HMO 技术的量产可靠性验证，测试项目包含迁移率、面板均一性、器件稳定性、制程温度以及良品率，该技术最终能否商用尚无定论。 现有爆料信息显示，今年的 Apple Watch 系列不会有任何重大的设计变更，且据说在 2028 年之前不太可能进行重新设计。不过相关传闻并未排除苹果在 2027 年启用这款低功耗全新 OLED 技术的可能性。
IT之家 6 月 3 日消息，美国总统唐纳德・特朗普于当地时间周二签署了一项行政令，推出人工智能企业自愿合作机制：AI 公司在前沿大模型正式发布前，可向美国联邦政府提交模型，以此“推动安全创新、强化关键基础设施网络安全防护”。 该行政令提出，美国人工智能产业能够蓬勃发展，部分原因在于“美方拒绝依靠繁重冗余的监管扼杀技术创新”，但同时新规也承认，新一代人工智能技术伴随各类安全隐患。据此，行政令要求多家联邦政府机构搭建配套细则，在 AI 模型面向公众上线前，评估模型具备的高阶网络攻防能力。 企业可自主选择是否在产品面世前向政府移交模型 ；如若配合提交，企业可享受特定保密保护。文件同时要求联邦政府完善人工智能相关网络防御体系，重点筑牢关键基础设施的安全屏障。 IT之家注意到，此前特朗普曾在最后一刻暂缓签署原定版本行政令，原因是他担忧旧版条款拖累美国对华科技竞争。据《纽约时报》消息，旧方案要求企业在模型发布前 14 至 90 天自愿递交模型；而本次落地的新规，将前置报备窗口期缩短至最多发布前 30 天。谷歌、微软与 xAI 已于上月达成约定，允许美国商务部下属人工智能标准与创新中心（CAISI）在模型上线前开展安全核验。 早在 2024 年拜登执政时期，OpenAI 与 Anthropic 就已签约，向该中心提交自研模型，是拜登推进 AI 安全管控举措的一环。但特朗普政府上任后，在白宫前人工智能事务主管戴维・萨克斯主导下，长期淡化 AI 安全风险、奉行宽松放任的监管思路。本次周二签署的行政令明确注明：本文件不构成强制审批、事前准入许可制度，不过也标志着特朗普政府开始对 AI 科技企业落地适度监管。 监管思路转向的一大诱因，是 Anthropic 今年 4 月限制性推出旗舰大模型 Mythos。该企业披露，这款模型已自主排查出数千项高危系统漏洞，覆盖市面主流操作系统与网页浏览器。 即便是一贯反对各州出台 AI 限制性法规的行业机构，也对这份新行政令给出正面评价。负责任创新联盟主席布拉德・卡森在声明中表示：“白宫切实正视了 Mythos 暴露出的安全问题”，并称新规体现特朗普政府开始严肃看待人工智能漏洞隐患。安全人工智能联盟首席执行官布伦丹・施泰因豪泽也称，协会“乐见白宫重视前沿大模型潜藏风险”；二人共同呼吁美国国会立法，把相关安全保护措施确立为法定强制要求。
尊敬的 ClawCloud 用户， 感谢您一直以来对 ClawCloud 的支持与信任。经过审慎的业务评估与战略调整，我们非常遗憾地通知您，ClawCloud 将于 2026 年 6 月 30 日 起，正式关停 VPS 、VDS 及相关托管业务。 为了将对您的业务影响降至最低，我们制定了详细的 30 天安置及退款计划。请您务必仔细阅读以下时间节点与操作指引： 一、 关键时间节点 2026 年 6 月 1 日：停止新购与服务变更 我们将于本日起关闭相关产品的新用户注册、新购、续费以及升级服务入口。 2026 年 6 月 1 日至 6 月 30 日：迁移与退款窗口期 请在此期间内尽快完成您的数据备份与业务迁移。同时，符合条件的用户可通过工单系统提交退款申请。 2026 年 6 月 30 日 24:00：服务正式关停 届时，所有涉及下线的服务器实例将被强制关停，数据将被永久销毁，退款申请入口将同步关闭。请务必在此之前完成数据导出，ClawCloud 对关停后未迁移导致的数据丢失不承担相关责任。 二、 退款政策与处理指引 针对预付费且账户内有剩余可用时长的用户，我们将按照“剩余时间比例”处理退款。 退款规则及限制： 原路退回原则：受限于支付网关规定，所有退款仅能退回至您进行该笔订单支付时的原始付款方式。 转移实例退款限制：若您的服务器实例是通过“账户转移”功能获取，且在转移后您的账户未对该实例进行过任何续费或实际支付操作，该实例将不支持在当前账户下申请退款。由于系统无法针对无支付记录的订单主动打款，不符合原路退回条件的申请将被拒绝。 手续费说明：本次退款不收取处理手续费。 三、 下一步操作（退款工单提交规范） 请尽快登录 ClawCloud 控制台，评估您的实例状态。如需申请退款，请在 6 月 30 日 前通过控制台提交工单。为保证您的退款能够被快速核实并处理，请务必遵守以下工单规范： 明确工单标题：请在工单标题中务必包含“退款”字样。 精准关联实例：请在提交时，选择并正确关联您需要申请退款的服务器实例。 一机一单原则：如果您有多台服务器需要申请退款，请务必为每一台服务器单独发起一个工单。请勿在一个工单中合并申请多台服务器的退款。 如果您在数据迁移或退款申请过程中遇到任何其他阻碍，请随时联系我们的客户支持团队。 对此次服务调整给您带来的不便，我们深表歉意，并再次感谢您对 ClawCloud 的理解与配合。 ClawCloud 团队 2026 年 6 月 1 日
尊敬的 ClawCloud 用户， 感谢您一直以来对 ClawCloud 的支持与信任。经过审慎的业务评估与战略调整，我们非常遗憾地通知您，ClawCloud 将于 2026 年 6 月 30 日 起，正式关停 VPS 、VDS 及相关托管业务。 为了将对您的业务影响降至最低，我们制定了详细的 30 天安置及退款计划。请您务必仔细阅读以下时间节点与操作指引： 一、 关键时间节点 2026 年 6 月 1 日：停止新购与服务变更 我们将于本日起关闭相关产品的新用户注册、新购、续费以及升级服务入口。 2026 年 6 月 1 日至 6 月 30 日：迁移与退款窗口期 请在此期间内尽快完成您的数据备份与业务迁移。同时，符合条件的用户可通过工单系统提交退款申请。 2026 年 6 月 30 日 24:00：服务正式关停 届时，所有涉及下线的服务器实例将被强制关停，数据将被永久销毁，退款申请入口将同步关闭。请务必在此之前完成数据导出，ClawCloud 对关停后未迁移导致的数据丢失不承担相关责任。 二、 退款政策与处理指引 针对预付费且账户内有剩余可用时长的用户，我们将按照“剩余时间比例”处理退款。 退款规则及限制： 原路退回原则：受限于支付网关规定，所有退款仅能退回至您进行该笔订单支付时的原始付款方式。 转移实例退款限制：若您的服务器实例是通过“账户转移”功能获取，且在转移后您的账户未对该实例进行过任何续费或实际支付操作，该实例将不支持在当前账户下申请退款。由于系统无法针对无支付记录的订单主动打款，不符合原路退回条件的申请将被拒绝。 手续费说明：本次退款不收取处理手续费。 三、 下一步操作（退款工单提交规范） 请尽快登录 ClawCloud 控制台，评估您的实例状态。如需申请退款，请在 6 月 30 日 前通过控制台提交工单。为保证您的退款能够被快速核实并处理，请务必遵守以下工单规范： 明确工单标题：请在工单标题中务必包含“退款”字样。 精准关联实例：请在提交时，选择并正确关联您需要申请退款的服务器实例。 一机一单原则：如果您有多台服务器需要申请退款，请务必为每一台服务器单独发起一个工单。请勿在一个工单中合并申请多台服务器的退款。 如果您在数据迁移或退款申请过程中遇到任何其他阻碍，请随时联系我们的客户支持团队。 对此次服务调整给您带来的不便，我们深表歉意，并再次感谢您对 ClawCloud 的理解与配合。 ClawCloud 团队 2026 年 6 月 1 日
关于为什么要写这篇文章，大概是我昨天刷到短视频上很多内容，普通人应该如何抓住AI风口，做AI短剧？如同鸭老师所说赛道已趋近于饱和。创业开发个人AI团队？可是这玩意说实话一般人没多少资本并且大家真的懂商业模式吗，亦或者是能够具备在酒桌上谈笑风生的商务能力吗。在当下，在AI工具和各家大模型层出不穷又层层迭代的今天，我始终认为普通人想要抓住AI的风口，最保守的打法仍然是学到了AI之后去一家企业上班，工作，开展AI相关的工作，做一个业务型的类似AI售前工程师吧。也有人说为什么不直接去做AI应用开发岗，说实在的，如果纯做AI开发岗，对技术和学历的要求又太高了，不太适用于非科班出身并且中途转行的。综合来说，我更想要表达的是，我更偏向于去做一个业务——IT——AI之间的沟通桥梁，教会大家把你丢到企业以后，你如何快速的去上手完成你的工作，所以这一次我想写一下我个人对AI产品评估比较通用的流程，让大家大概有个印象，有一个大体的框架。 AI产品评估流程——5步流程法 1. 结果导向 ：评判一个AI产品值不值得做，首先避不开的一定是项目价值，那要如何去评判呢。很简单，围绕着钱来展开，要么就是多赚钱，省钱，或者就是少赔钱。先说多赚钱，那首先就得能不能带动销量上的一个增长，第二优先级那就是省钱，也就是能够降本增效呗，比如每年节省多少人力，少发了多少工资。少赔钱就是过去业务可能存在某个风险点，现在这个产品解决了这个风险点，能让你少赔一点钱。以我上次那个客服质检Agent为例来说的话就是，能不能带动销量，很明显，如果能在聊天记录中挖掘到了消费者的需求，开发了新的产品，从而带动了GMV，就是有价值的。第二是省钱，过去可能我需要10个人完成的工作，我是不是可以只需要5个人来完成，其余的人是不是可以干别的，以后是不是可以不用招人了业务扩展以后，少发了工资也就是少发了钱。第三是少赔钱，过去业务流程上有某个风险点，比如说过去某个客服员工发脾气，对顾客一顿情绪发泄，导致客户流失，后续采用AI，规避掉了这种风险，避免了客诉，可以少赔一点钱。 通过标准：能有一项硬性指标，即可通过，例如带动间接增长100万，每日节省时间8小时，也就是1人力，可以有效减少损失50万之类的，项目期初为了立项，大体预估一个是可以的，但是不要太高。 2. 业务场景评估 ：在通过第一步后，就开始下场进行需求调研，分为两个方面。其一是业务流程，开发完这个产品后，只是针对于个人或者部门去使用的单点产品，还是能够有效的改变现有流程，实现跨部门沟通协作，例如客服Agent项目里，过去是客服被动回复消息，现在开始角色变化，客服变为前沿的业务洞察，能够反哺研发部门和营销部门以及运营部门，形成一个跨部门协作沟通的流程。其二是该业务流程当中是否涉及很多认为主观判断因素，如果大部分都绕不开人为判断的话，也不建议上线，因为后续修改变动风险较高。 通过标准：只要是针对单个部门以上且主观判断的仅占全流程的20%，即可通过 3.接下来便是 数据流 了，第二条将的是业务流程，第三条就是数据是如何流转的，通常是分布在各个杂乱的业务系统，或者是Excel，或者是某几位老员工的经验，甚至是从第三方平台下载的，就需要考虑是否能获得稳定的数据来源了。 通过标准：如果是外接数据，API接口必须稳定，如果是企业内部数据，不得超过了3张手工表维护（也就是不能人为去判断填的数据不能超过3张，超过说明现有业务流程就是有问题的，理想情况下是所有数据都有线上化） 4. 产品稳定性 ：其实也就是风险点，在上述工作都准备完成后，接下来就到了风险评估。一是是否能接受AI的稳定性，假如AI犯错了怎么办，要如何最短时间内预警发现，业务部门是否有应对方案，这个时候通常情况下是，建立数据质量监控看板，由业务部门去整理核心指标，如果有异常数据直接发送到飞书或者钉钉群聊。二是后续如果组织架构调整，业务流程变更，AI产品需要迭代的时候，成本高不高，要IT部门评估二开的费用。 通过标准：业务部门能出紧急应对方案，IT部门在产品开发的时候能有一定产品迭代方案。 （如果实在找不出也可以，但是需要IT领导和业务领导签字确认） 5. 组织风险预警 ：也许这个产品真的很好，但是AI的诞生，公司里一定有同事是抗拒的，按照项目管理的说法是，要找出干系人，利益者，谁有可能会在整体项目进展的过程中，去卡你，而你至少需要获得一名大领导的支持站台，否则后续很难推进。（个人经验：项目开展前由各个业务负责人指派一个PO，明确跟考核挂钩，并且中途可以换人） 以上是我个人的一些经验，有的人会说，哎呦也要算一下ROI，投入产出比，其实个人的话不建议，因为你要是明确了你的ROI，就等于后续是给你自己挖坑，不要给业务那么大的预期，做好上面的这5点，差不多了，90%的企业是够用了。上面内容主要还是个人认为比较重要的5点，其他的不是问题，项目开展会遇到各种问题，加油吧各位佬有。 2 个帖子 - 2 位参与者 阅读完整话题
网站备案安全评估需要注意什么，为啥安全评估一直过不了？ 27 个帖子 - 15 位参与者 阅读完整话题
尊敬的 ClawCloud 用户， 感谢您一直以来对 ClawCloud 的支持与信任。经过审慎的业务评估与战略调整，我们非常遗憾地通知您，ClawCloud 将于 2026年6月30日 起，正式关停 VPS 及相关托管业务。 为了将对您的业务影响降至最低，我们制定了详细的 30 天安置及退款计划。请您务必仔细阅读以下时间节点与操作指引： 一、 关键时间节点 2026年6月1日：停止新购与服务变更 我们将于本日起关闭相关产品的新用户注册、新购、续费以及升级服务入口。 2026年6月1日至6月30日：迁移与退款窗口期 请在此期间内尽快完成您的数据备份与业务迁移。同时，符合条件的用户可通过工单系统提交退款申请。 2026年6月30日 24:00：服务正式关停 届时，所有涉及下线的服务器实例将被强制关停，数据将被永久销毁，退款申请入口将同步关闭。 请务必在此之前完成数据导出 ，ClawCloud 对关停后未迁移导致的数据丢失不承担相关责任。 二、 退款政策与处理指引 针对预付费且账户内有剩余可用时长的用户，我们将按照“剩余时间比例”处理退款。 退款规则及限制： 原路退回原则 ：受限于支付网关规定，所有退款仅能退回至您进行该笔订单支付时的原始付款方式。 转移实例退款限制 ：若您的服务器实例是通过“账户转移”功能获取，且在转移后您的账户未对该实例进行过任何续费或实际支付操作，该实例将不支持在当前账户下申请退款。由于系统无法针对无支付记录的订单主动打款，不符合原路退回条件的申请将被拒绝。 手续费说明 ：本次退款不收取处理手续费。 三、 下一步操作（退款工单提交规范） 请尽快登录 ClawCloud 控制台，评估您的实例状态。如需申请退款，请在 6月30日 前通过控制台提交工单。为保证您的退款能够被快速核实并处理， 请务必遵守以下工单规范： 明确工单标题 ：请在工单标题中务必包含“ 退款 ”字样。 精准关联实例 ：请在提交时，选择并正确关联您需要申请退款的服务器实例。 一机一单原则 ：如果您有多台服务器需要申请退款， 请务必为每一台服务器单独发起一个工单 。请勿在一个工单中合并申请多台服务器的退款。 如果您在数据迁移或退款申请过程中遇到任何其他阻碍，请随时联系我们的客户支持团队。 对此次服务调整给您带来的不便，我们深表歉意，并再次感谢您对 ClawCloud 的理解与配合。 ClawCloud 团队 2026年6月1日 相关链接： 【重要通知】ClawCloud VPS 及相关服务下线及退款安置公告 - CLAWCLOUD 2 个帖子 - 2 位参与者 阅读完整话题
IT之家 6 月 1 日消息，散热创新企业 Ventiva 今日宣布与华硕 (ASUS) 达成战略合作，共同探索面向紧凑型 AI 计算系统的下一代散热架构。 两家企业将共同评估 Ventiva 的离子散热技术如何支持华硕未来的迷你主机设计， 搭载 Ventiva“离子风”散热的 NUC 演示机型将在 COMPUTEX 2026 台北国际电脑展现场展出 。 IT之家了解到，Ventiva 的全固态电子散热技术基于电流体动力学原理，通过外加电场驱动电离空气分子运动，无需机械风扇即可提供静音无振动的气流。其器件厚度低至 5mm，每个可提供 1.1CFM 的风量，能直接放置在热源附近。 ▲ 原理示意 相关阅读： 《 Ventiva 展示“无扇”散热笔记本电脑参考设计，支持 44.3W 平台功耗 》 《 Ventiva 无风扇冷却笔记本原型现身 CES 2025，英特尔、戴尔参与 》 《 Ventiva 宣布其 ICE9 无风扇离子冷却方案现支持 40W TDP 笔记本设计 》 《 获仁宝垂青，Ventiva 20W 笔记本静音散热方案将亮相 2024 台北电脑展 》
IT之家 5 月 31 日消息，人工智能公司 MiniMax Group Inc.（稀宇科技）今日于香港联交所发布公告，拟发行人民币股份，并评估科创板上市。 MiniMax 董事会在公告中宣布， 已决议探究发行人民币股份的初步建议 ，当中可能涉及寻求专业顾问订立协议、与相关证券或其他监管机构进行咨询或磋商。该事宜的进展将取决于市场状况及必要的监管批准。 IT之家在此援引公告内容，MiniMax 在香港联交所上市成功后，持续评估资本市场。 目前正对上海证券交易所科创板上市计划进行评估 。公司已聘请专业顾问就科创板上市进行咨询，并签订辅导协议。 相关阅读： 《 MiniMax 签署辅导协议，正式启动 A 股 IPO 进程 》
可以一直续的最好，评估下free号池还有没有可能性，刚在另一个帖子看到有佬用的0.9刀的 6 个帖子 - 4 位参与者 阅读完整话题
备注：国企，应该还是只能考虑国内能开发票的厂商 大约 10 个人有每月 1000 元的预算，现在需要给负责调研的同事报一些推荐购买的产品～ 3 个帖子 - 3 位参与者 阅读完整话题
最近看歌手 2026 ，发现很多人对歌手的唱功和是否修音挂电存在争论，就在想有没有对歌手的音准进行自动化可量化分析的工具。 说干就干，感谢 codex ，我调研了主流的音准分析算法，决定使用 pYIN 算法进行采样计算基准音并分析歌手演唱的音准偏差、稳定度、完美音比例等评价数据，并根据音高的分布特征提供是否修音或假唱的概率参考，经初步测试其结果还是挺靠谱的，至少有一定的参考价值吧。 新增了《歌手 2026 》每期歌手评测专题页面，每期节目结束后我会尽量第一时间提取出纯人声演唱音频进行分析，并公布每位歌手的详细音准评估结果。 暂命名为音准照妖镜-TuneMirror ，现已上线。 欢迎 V 友体验： https://tunemirror.com 歌手 2026 专题页： https://tunemirror.com/singer2026